数字点卡源码

① 用c语言做数字时钟每走一秒响一次，求大神告诉源代码

“响一次”需要牵涉到图形编程中的音乐播放问题，需要自己下载图形编程相关库文件，具体实现请自己在TODO里添加播放音乐的代码

数字时钟的实现很简单，运用time.h相关函数即可

#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<time.h>
time_toldt=-1;
structtm*p;
boolPrintdate()
{
time_tt=time(NULL);
if(t!=oldt)
{
oldt=t;
p=localtime(&t);
system("cls");
printf("%d/%d/%d周",1900+p->tm_year,1+p->tm_mon,p->tm_mday,p->tm_hour,p->tm_min,p->tm_sec);
switch(p->tm_wday)
{
case1:printf("一");break;
case2:printf("二");break;
case3:printf("三");break;
case4:printf("四");break;
case5:printf("五");break;
case6:printf("六");break;
case7:printf("日");break;
}
printf("%d:%02d:%02d",p->tm_hour,p->tm_min,p->tm_sec);
return1;
}
return0;
}
main()
{
	while(1)
	if(Printdate())
	{
	/*************TODO*************/
	/**Forexample:printf("a");**/
	}
	return0;
}

② +0或者-0的源码、反码、补码分别是什么补码是一样的吗

0原码是00000000
-0原码是10000000
0反码是00000000
-0反码是11111111
0补码是00000000
补码没有正0与负0之分
正数的反码、补码和其原码相同负数的反码是其原码除符号位外其他位取反负数的补码是取其反码后加1

③ -64的源码反码补码是什么

-64，有符号数，第一位为符号位所以，

原码：

11000000，二进制1000000转换成10进制为64

反码：

正数的反码与原码相同，负数的反码，符号位不变，其余各位按位取反，所以反码为：

10111111

补码：

正数的补码与原码相同，负数的补码，符号位不变，其余各位按位取反再加1，所以反码为：

10111111+1=11000000

计算机里，负数的是以补码形式存放的，WIN7以上的系统自带的计算器就可以查看负数的补码。打开计算器，切换到程序员模式，然后输入-64，可以看到下面的补码，如图：

注意红框里面的数字即是-64的补码，如果是负数，前面的所有位数都是1

④ +0或者-0的源码、反码、补码

[+0]原码=0000 0000， [-0]原码=1000 0000

[+0]反码=0000 0000， [-0]反码=1111 1111

[+0]补码=0000 0000， [-0]补码=0000 0000

补码没有正0与负0之分。正数的反码、补码和其源码相同，负数的反码是其源码，除符号位外其他位取反负数的补码是取其反码后加1。

详细释义：

所谓原码就是二进制定点表示法，即最高位为符号位，“0”表示正，“1”表示负，其余位表示数值的大小。

（一）反码表示法规定：

1、正数的反码与其原码相同；

2、负数的反码是对正数逐位取反，符号位保持为1；

（二）对于二进制原码10010求反码：

（（10010）原）反=对正数(00010)原含符号位取反= 反码11101 （10010，1为符号码，故为负）

(11101) 二进制= -2 十进制

（三）对于八进制：

举例 某linux平台设置了默认的目录权限为755（rwxr-xr-x),八进制表示为0755，那么，umask是权限位755的反码，计算得到umask为0022的过程如下：

原码0755= 反码 0022 （逐位解释：0为符号位，0为7-7，2为7-5，2为7-5）

（四）补码表示法规定：正数的补码与其原码相同；负数的补码是在其反码的末位加1。

(4)数字点卡源码扩展阅读

转换方法

由于正数的原码、补码、反码表示方法均相同，不需转换。在此，仅以负数情况分析。

（1） 已知原码，求补码。

例：已知某数X的原码为10110100B，试求X的补码和反码。

解：由[X]原=10110100B知，X为负数。求其反码时，符号位不变，数值部分按位求反；求其补码时，再在其反码的末位加1。

1 0 1 1 0 1 0 0 原码

1 1 0 0 1 0 1 1 反码，符号位不变，数值位取反

1 +1

1 1 0 0 1 1 00 补码

故：[X]补=11001100B，[X]反=11001011B。

（2） 已知补码，求原码。

分析：按照求负数补码的逆过程，数值部分应是最低位减1，然后取反。但是对二进制数来说，先减1后取反和先取反后加1得到的结果是一样的，故仍可采用取反加1 有方法。

例：已知某数X的补码11101110B，试求其原码。

解：由[X]补=11101110B知，X为负数。

采用逆推法

1 1 1 0 1 1 1 0 补码

1 1 1 0 1 1 0 1 反码（末位减1）

1 0 0 1 0 0 1 0 原码（符号位不变，数值位取反）

⑤ c语言猜数字游戏源代码

小游戏2048：

#include<stdio.h>

#include<stdlib.h>

#include<conio.h>

#include<time.h>

#include<windows.h>

int jsk( ); //计算空格数

void rsgm( ); //重置游戏

void inkey( ); //按键输入

void left( ); //向左移动

void right( ); //向右移动

void up( ); //向上移动

void down( ); //向下移动

void show( ); //输出界面

void adnum( ); //添加随机数

void yes( ); //游戏是否结束(1是0否)

void gtxy(int x, int y); //控制光标位置的函数

int a[4][4]; //存储16个格子中的数字

int score = 0; //每局得分

int best = 0; //最高得分

int ifnum; //是否需要添加数字(1是0否)

int over; //游戏结束标志(1是0否)

int i,j,k;

int main( )

{ rsgm( ); //重置游戏

inkey( ); //按键输入

return 0;

}

void Color(int a) //设定字符颜色的函数(a应为1-15)

{ SetConsoleTextAttribute(GetStdHandle(STD_OUTPUT_HANDLE),a); }

void rsgm( ) //重置游戏

{ score = 0; ifnum = 1; over = 0; srand((unsigned)time(0)); //启动随机数发生器

int n = rand( ) % 16; //随机函数产生0-15的数字

for (i = 0; i < 4; i++)

{for (j = 0; j < 4; j++)

{ if (n == 0) { int k = rand( ) % 3; if (k == 0 || k == 1) { a[i][j] = 2; }

else { a[i][j] = 4; } n--; }

else { a[i][j] = 0; n--; }

}

}

adnum( );

system("cls");

CONSOLE_CURSOR_INFO gb={1,0}; //以下两行是隐藏光标的设置,gb代指光标

SetConsoleCursorInfo( GetStdHandle(STD_OUTPUT_HANDLE), &gb );

Color(14); //设置字体淡黄色

printf(" 2048小游戏"); Color(7); //恢复白字黑底

printf(" ┌──────┬──────┬──────┬──────┐");

printf(" │ │ │ │ │");

printf(" ├──────┼──────┼──────┼──────┤");

printf(" │ │ │ │ │");

printf(" ├──────┼──────┼──────┼──────┤");

printf(" │ │ │ │ │");

printf(" ├──────┼──────┼──────┼──────┤");

printf(" │ │ │ │ │");

printf(" └──────┴──────┴──────┴──────┘");

show( );

}

void show( ) //输出界面

{ for(i=0;i<4;i++)

for(j=0;j<4;j++)

{ gtxy(7*j+9,2*i+4); //gtxy(7*j+9, 2*i+4)是光标到指定位置输出数字

if(a[i][j]==0){printf(" "); Color(7); printf("│");}

else if(a[i][j]<10){ if (a[i][j] == 2) { Color(14); }

else if (a[i][j] == 4) { Color(13); }

else if (a[i][j] == 8) { Color(12); }

printf(" %d ", a[i][j]); Color(7 ); printf("│");

}

else if (a[i][j] < 100){if (a[i][j] == 16) { Color(12); }

else if (a[i][j] == 32) { Color(10); }

else if (a[i][j] == 64) { Color(2 ); }

printf(" %d ", a[i][j]); Color(7); printf("│");

}

else if (a[i][j] < 1000) {if (a[i][j] == 128) { Color(9); }

else if (a[i][j] == 256) { Color(1); }

else if (a[i][j] == 512) { Color(13); }

printf(" %d ", a[i][j]); Color(7); printf("│");

}

else if (a[i][j] < 10000) {if (a[i][j] == 1024) { Color(5); }

else { Color(15); }

printf(" %d ", a[i][j]); Color(7); printf("│");

}

}

if (jsk( ) == 0)

{ yes( ); if (over) { gtxy(9,12); Color(10);

printf(" 游戏结束！是否继续? [ Y/N ]:"); }

}

}

void inkey( ) //按键输入

{ int key;

while (1)

{ key = getch( );

if (over) { if (key == 89|| key == 121) { rsgm( ); continue; }

else if (key == 78|| key == 110) { return; }

else continue; }

ifnum = 0;

if(key==224)key=getch( );

switch (key)

{ case 75: left( ); break;

case 77: right( ); break;

case 72: up( ); break;

case 80: down( );break;

}

if (score > best) { best = score; }

if (ifnum) { adnum( ); show( ); }

}

}

int jsk( ) //计算空格数

{ int n = 0;

for (i = 0; i < 4; i++)

{ for (j = 0; j < 4; j++) { if ( a[i][j] == 0) {n++;} } }

return n;

}

void left( ) //向左移动

{ for (i = 0; i < 4; i++)

{for (j = 1, k = 0; j < 4; j++)

{ if (a[i][j] > 0)

{ if ( a[i][k] == a[i][j])

{ a[i][k] *= 2; k++;

score = score + 2 * a[i][j];

a[i][j] = 0; ifnum = 1; }

else if ( a[i][k] == 0) { a[i][k] = a[i][j]; a[i][j] = 0; ifnum = 1; }

else { a[i][k + 1] = a[i][j]; if ((k + 1) != j) { a[i][j] = 0; ifnum = 1; }

k++; }

}

}

}

}

void right( ) //向右移动

{for (i = 0; i < 4; i++)

{for (j = 2, k = 3; j >= 0; j--)

{if (a[i][j] > 0)

{ if (a[i][k] == a[i][j])

{a[i][k] *= 2; k--; score = score + 2 * a[i][j]; a[i][j] = 0; ifnum = 1; }

else if ( a[i][k] == 0) {a[i][k] = a[i][j]; a[i][j] = 0; ifnum = 1; }

else { a[i][k - 1] = a[i][j]; if ((k - 1) != j) { a[i][j] = 0; ifnum = 1; } k--; }

}

}

}

}

void up( ) //向上移动

{for (i = 0; i < 4; i++)

{for (j = 1, k = 0; j < 4; j++)

{if (a[j][i] > 0)

{if ( a[k][i] == a[j][i]) { a[k][i] *= 2; k++;score = score + 2 * a[j][i];

a[j][i] = 0; ifnum = 1; }

else if ( a[k][i] == 0) { a[k][i] = a[j][i]; a[j][i] = 0; ifnum = 1; }

else { a[k + 1][i] = a[j][i]; if ((k + 1) != j) { a[j][i] = 0; ifnum = 1; }

k++; }

}

}

}

}

void down( ) //向下移动

{ for (i = 0; i < 4; i++)

{for (j = 2, k = 3; j >= 0; j--)

{if (a[j][i] > 0)

{if (a[k][i] == a[j][i])

{a[k][i] *= 2; k--;score = score + 2 * a[j][i]; a[j][i] = 0; ifnum = 1; }

else if (a[k][i] == 0) {a[k][i] = a[j][i]; a[j][i] = 0; ifnum = 1; }

else {a[k - 1][i] = a[j][i];

if ((k - 1) != j) {a[j][i] = 0; ifnum = 1; } k--; }

}

}

}

}

void adnum( ) //添加随机数

{ srand(time(0)); int n = rand( ) % jsk( );

for (int i = 0; i < 4; i++)

{for (int j = 0; j < 4; j++)

{ if (a[i][j] == 0) {if (n != 0) { n--; }

else {int k = rand( ) % 3;

if (k == 0 || k == 1) {a[i][j] = 2; return; }

else {a[i][j] = 4; return; } }

}

}

}

}

void yes( ) //游戏是否结束

{ for (int i = 0; i < 4; i++)

{for (int j = 0; j < 3; j++)

{if (a[i][j] == a[i][j + 1] || a[j][i] == a[j + 1][i]) {over = 0; return; }}

}

over = 1;

}

void gtxy(int x, int y) //控制光标位置的函数

{ COORD zb; //zb代指坐标

zb.X = x;

zb.Y = y;

SetConsoleCursorPosition(GetStdHandle(STD_OUTPUT_HANDLE), zb);

}

⑥ +0或者-0的源码、反码、补码

[+0]原码=0000 0000， [-0]原码=1000 0000

[+0]反码=0000 0000， [-0]反码=1111 1111

[+0]补码=0000 0000， [-0]补码=0000 0000

补码没有正0与负0之分。正数的反码、补码和其源码相同，负数的反码是其源码，除符号位外其他位取反负数的补码是取其反码后加1。

详细释义：

所谓原码就是二进制定点表示法，即最高位为符号位，“0”表示正，“1”表示负，其余位表示数值的大小。

（一）反码表示法规定：

1、正数的反码与其原码相同；

2、负数的反码是对正数逐位取反，符号位保持为1；

（二）对于二进制原码10010求反码：

（（10010）原）反=对正数(00010)原含符号位取反= 反码11101 （10010，1为符号码，故为负）

(11101) 二进制= -2 十进制

（三）对于八进制：

举例 某linux平台设置了默认的目录权限为755（rwxr-xr-x),八进制表示为0755，那么，umask是权限位755的反码，计算得到umask为0022的过程如下：

原码0755= 反码 0022 （逐位解释：0为符号位，0为7-7，2为7-5，2为7-5）

（四）补码表示法规定：正数的补码与其原码相同；负数的补码是在其反码的末位加1。

(6)数字点卡源码扩展阅读

转换方法

由于正数的原码、补码、反码表示方法均相同，不需转换。在此，仅以负数情况分析。

（1） 已知原码，求补码。

例：已知某数X的原码为10110100B，试求X的补码和反码。

解：由[X]原=10110100B知，X为负数。求其反码时，符号位不变，数值部分按位求反；求其补码时，再在其反码的末位加1。

1 0 1 1 0 1 0 0 原码

1 1 0 0 1 0 1 1 反码，符号位不变，数值位取反

1 +1

1 1 0 0 1 1 00 补码

故：[X]补=11001100B，[X]反=11001011B。

（2） 已知补码，求原码。

分析：按照求负数补码的逆过程，数值部分应是最低位减1，然后取反。但是对二进制数来说，先减1后取反和先取反后加1得到的结果是一样的，故仍可采用取反加1 有方法。

例：已知某数X的补码11101110B，试求其原码。

解：由[X]补=11101110B知，X为负数。

采用逆推法

1 1 1 0 1 1 1 0 补码

1 1 1 0 1 1 0 1 反码（末位减1）

1 0 0 1 0 0 1 0 原码（符号位不变，数值位取反）